Читаем Пятьсот двадцать головоломок полностью

352. Согнув листок по серединам противоположных сторон, получим прямые AOBи COD. Произведем также сгибы EHи FG, делящие AOи OBпополам. Перевернем AKтак, чтобы Kпопала на прямую EHв точке E, а затем произведем сгибы через AEи EOG. Аналогично найдем точку Hи согнем бумагу вдоль AHи HOF. Произведя сгибы BF, BG, EFи HG, получим искомый правильный шестиугольник EFBGHAE.

353. Сложив ABвдвое, найдите середину E. Согните бумагу вдоль EC. Совместите EBс ECи согните так, чтобы получить EFи FG. Сделайте так, чтобы отрезок CHстал равным отрезку CG. Найдите K — середину отрезка BHи отложите отрезок

CL, равный BK. Отрезок KL — сторона правильного пятиугольника. Затем отложите (см. правую часть рисунка) отрезки KMи LN, равные KL, так, чтобы Mи Nсоответственно лежали на BAи CD. Согнув бумагу вдоль PQ, отложите MOи NO, равные KMи LN. Многоугольник KMONLи есть искомый пятиугольник.

354. Соединив между собой края ABи CD, вы можете отметить сгибами средние точки Eи G. Аналогичным образом вы можете найти точки Fи H, а затем согнуть квадрат EHGF. Далее совместите CHс EHи ECс EH, при этом вы получите точку пересечения 1. Сделайте то же самое с оставшимися тремя углами — сгибы очертят правильный восьмиугольник, который затем можно будет вырезать с помощью ножниц.

355. Сложите квадрат пополам вдоль FE. Загните сторону ABтак, чтобы точка Bлегла на FE, и вы получите точки G

и H, через которые можно провести сгиб HGJ. Оставляя точки Bи Gпо-прежнему совмещенными, отогните ABназад на AH, и вы получите прямую AK. Теперь вы можете сложить треугольник AJK — наибольший равносторонний треугольник из всех возможных.

356. Отогнув угол A, найдите точку C, которая делала бы отрезок BCравным отрезку AB, и перегните полоску, как показано в случае 1. Вы получите точку D. Далее согните полоску так, как показано в случае 2, чтобы ее край прошел вдоль AB. Вы получите точку E. Продолжая действовать аналогичным образом (случай 3), вы уложите всю полоску в форме пятиугольника. Это, как мы уже говорили, просто, но вместе с тем интересно и поучительно.

357. Разбейте ABпополам точкой Cи проведите прямую CGпараллельно BH. Затем найдите точку D(середину AC) и опишите полуокружность DB, пересекающую CGв точке E. Прямая DEFдаст положение наикратчайшего сгиба.

358. Перенумеруйте марки, как было показано на исходном рисунке, то есть 1, 2, 3, 4в первой и 5, 6, 7, 8во второй строке. Чтобы сложить их в порядке 1, 5, 6, 4, 8, 7, 3, 2(сверху видна только первая марка), начните следующим образом. Повернув все марки лицом вниз

5678
1234

согните полоску так, чтобы марка 7пришлась на марку 6. Положите 4на 8и введите их обе между 7и 6так, чтобы эти четыре марки расположились в порядке 7, 8, 4, 6. Теперь поместите 5и 1под 6, и все готово.

Добиться, чтобы марки расположились в последовательности 1, 3, 7, 5, 6, 8, 4, 2, труднее, и ее можно легко проглядеть, если кто-нибудь не убежден, что в силу некоторого закона и такое расположение возможно. Сначала согните блок так, чтобы были видны только марки 5, 6, 7, 8, лежащие лицевой стороной кверху. Положите 5на 6. Теперь между марками 1и 5вы можете поместить марки 7и 8так, чтобы марка 7оказалась поверх марки 5, а марка 5, обернувшись кругом, оказалась под маркой 6, и нужный порядок получен.

359. Действуя следующим образом, вы за семь ходов удалите все фишки, кроме 1, которая и сделает последний прыжок: 2—10, 4—12, 6—5, 3—6, 7—15, (8—16, 8—7, 8—14, 8—3), (1—9, 1—2, 1—11, 1—8, 1—13, 1—4).

360. «Девятка» последовательно перепрыгивает через 13, 14, 6, 4, 3, 1, 2, 7, 15, 17, 16, 11.Затем 12перепрыгивает через 8, 10 — через 5и 12, а 9 — через 10.

361. Составьте за 9 ходов стопку из пяти фишек (от 1до 5) в квадрате B. За 7 ходов постройте стопку из четырех фишек (от 6до 9) в квадрате C. Образуйте стопку из трех фишек (от 10до 12) в Dза 5 ходов. Поместите в Eстопку из двух фишек ( 13и 14) за 3 хода. Переместите одну фишку ( 15) в Fза 1 ход. Переместите 13и 14в Fза 3 хода, 10и 12в Fза 5, с 6по 9за 7 и с 1по 5за 9 ходов. Всего получится 49 ходов.

362. Передвигайте фишки в следующем порядке: 12, 8, 4, 3, 2, 6, 10, 9, 13, 15, 14, 12, 8, 4, 7, 10, 9, 14, 12. 8, 4, 7, 10, 9, 6, 2, 3, 10, 9, 6, 5, 1, 2, 3, 6, 5, 3, 2, 1, 13, 14, 3, 2, 1, 13, 14, 3, 12, 15, 3 — всего 50 ходов.

Перейти на страницу:

Похожие книги

Простая одержимость
Простая одержимость

Сколько имеется простых чисел, не превышающих 20? Их восемь: 2, 3, 5, 7, 11, 13, 17 и 19. А сколько простых чисел, не превышающих миллиона? Миллиарда? Существует ли общая формула, которая могла бы избавить нас от прямого пересчета? Догадка, выдвинутая по этому поводу немецким математиком Бернхардом Риманом в 1859 году, для многих поколений ученых стала навязчивой идеей: изящная, интуитивно понятная и при этом совершенно недоказуемая, она остается одной из величайших нерешенных задач в современной математике. Неслучайно Математический Институт Клея включил гипотезу Римана в число семи «проблем тысячелетия», за решение каждой из которых установлена награда в один миллион долларов. Популярная и остроумная книга американского математика и публициста Джона Дербишира рассказывает о многочисленных попытках доказать (или опровергнуть) гипотезу Римана, предпринимавшихся за последние сто пятьдесят лет, а также о судьбах людей, одержимых этой задачей.

Джон Дербишир

Математика