Сборник задач по математике с решениями для поступающих в вузы

Таким образом, данное число делится на 49 и на 181.

6.4. Множитель 2 содержится не менее одного раза во всех четных числах, не менее двух раз во всех числах, делящихся на 4, не менее трех раз в числах, делящихся на 8, и т. д. Поэтому четные числа мы должны сосчитать отдельно, прибавить к ним количество чисел, делящихся на 4, к ним прибавить количество чисел, делящихся на 8, и т. д. B результате получим

250 + 125 + 62 + 31 + 15 + 7 + 3 + 1 = 494.

B этой сумме каждое следующее слагаемое получено из предыдущего как целая часть от деления его на два.

Ответ. 494.

6.5. Если умножить данное число на 10, то его свойство быть кратным 81 не изменится. Получим число

Сумма цифр этого числа делится на 9. Разобьем его на 9 одинаковых секций

и будем делить на 9. Так как сумма цифр в каждой секции равна 9, то каждая секция делится на 9. Обозначим частное от деления одной секции на 9 через А. B результате деления на 9 всего числа получим частное

Сумма цифр числа, стоящего в скобках, равна 9. Следовательно, полученное частное делится на 9, а данное число — на 81.

6.6. Дополним n⁴ + 4 до полного квадрата:

n⁴ + 4n² + 4 − 4n² = (n² + 2)² − 4n² = (n² − 2n + 2)(n² + 2n + 2).

Число n⁴ + 4 может быть простым только в том случае, если либо n² − 2n + 2 = 1, либо n² + 2n + 2 = 1. Решая эти уравнения, получим n = 1, n = −1. При n = ±1 данное выражение равно 5, т. е. является простым числом.

Ответ.n = ±1.

6.7. Подставим n = 2k

, получим

ⁿ/₁₂ + ⁿ²/₈ + ⁿ³/₂₄ = ^k/₆ + ^k²/₂ + ^k³/₃ = ^2k³ + 3k² + k/₆ = ^k(k + 1)(2k + 1)/₆.

Остается доказать, что числитель всегда делится на 6.

Так как одно из двух последовательных целых чисел k и k + 1 четное, то делимость на 2 очевидна. Если ни k, ни k + 1 не делятся на 3, то k = 3m + 1, а k + 1 = 3m + 2. Тогда 2k + 1 = 2(3m + 1) + 1 = 6m + 3, т. е. 2k + 1 делится на 3. Тем самым доказательство закончено.

6.8. Способ 1. Если дробь сократима, то

5x + 7 = qr

, 2x + 3 = pr.

Исключая из этих равенств x, получим

1 = (5p − 2q)r, или ¹/_r = 5p − 2q.

Если дробь ^{2x + 3}/_5x + 7 сократима на целое число r ≠ ±1, то в последнем равенстве справа стоит целое число, а слева — не целое. Таким образом, это равенство противоречиво, и данная дробь не сократима.

Способ 2. Если данная дробь сократима, то сократима и дробь

^{5x + 7}/_2x + 3 = 2 + ^x + 1/_2x + 3. 

Таким образом, должна быть сократимой дробь, стоящая в правой части и, следовательно, дробь

^{2x + 3}/_x + 1 = 2 + ¹/_x + 1.

Дробь ¹/_x + 1 не сократима ни при каких x, так как в числителе стоит единица.

Итак, данная дробь не сократима ни при каких x.

6.9. Число  должно делиться на 4 и на 9. Это число делится на 4, если две его последние цифры образуют число, делящееся на 4, т. е. либо y = 2, либо y = 6.

Когда y = 2, то x определяется однозначно: так как сумма цифр должна делиться на 9, то x = 4.

Когда y = 6, то в качестве x можно взять либо 0, либо 9.

Итак, получаем три числа.

Ответ. 34 452; 34 056; 34 056.

6.10. По условию

1000а + 100b + 10с + 1 = 3(2000 + 100а + 10b + с), где а, b и с — цифры.

После приведения подобных членов получим

700а + 70b + 7с = 5999,

откуда

100а + 10b + с = 857.

Это и есть искомое число.

Ответ. 857.

6.11. Если p — четное, то p = 2 и p + 2 уже не являются простым. Следовательно, p, p + 2 и p + 4 — три последовательных нечетных числа. Так как p — простое, то либо p = 3, либо p = 3k + 1, либо p = 3k + 2 (k > 0). B первом случае получаем три простых числа 3, 5 и 7. Во втором случае

p

+ 2 = 3k + 3 = 3(k + 1),

т. е. p + 2 — число составное. Наконец, в третьем случае

p + 4 = 3k + 6 = 3(k + 2)

— тоже составное число.

Ответ.p = 3.

6.12. Пусть tg 5° = ^p/_q, где p и q — натуральные. Тогда cos 10° = ^{1 − tg² 5°}/_{tg² 5° + 1} — тоже рациональное число.  Наконец, cos 30° = 4 cos³ 10° − 3 cos 10° также является рациональным числом. Так как cos 30° = ^√3/₂, то √3 — рациональное число. Обозначим его через ^r/_s, где ^r/_s — несократимая дробь. Тогда 3s² = r², т. е. r² делится на 3, а значит, r делится на 3. Пусть r = 3m; получим 3s² = 9m², т. е. s² = 3m², откуда следует, что s делится на 3, а потому дробь ^r/_s сократима. Полученное противоречие доказывает, что tg 5° — число иррациональное.

6.13. Если меньшее из искомых чисел не оканчивается цифрой 9, то по условию суммы цифр двух последовательных натуральных чисел отличаются на 1. Поэтому меньшее число должно оканчиваться одной или несколькими цифрами 9. Если цифра 9 одна, то разность между суммами цифр двух таких последовательных чисел будет равна 8, если цифр 9 две, то эта разность будет равна 17, если три, то 26, если их четыре, то 35, если пять — 44 и т. д. Нас может заинтересовать из этих вариантов только число 44, так как разность двух чисел, каждое из которых делится на 11, тоже должна делиться на 11.

Таким образом, в конце меньшего числа должно быть по крайней мере пять цифр 9. Сумма оставшихся цифр должна быть на 1 меньше числа, которое делится на 11. Например, она может быть равна 10, 21, 32 и т. д. Теперь легко привести примеры: